【#高二# #高二下冊(cè)物理暑假作業(yè)答案#】高二變化的大背景，便是文理分科（或七選三）。在對(duì)各個(gè)學(xué)科都有了初步了解后，學(xué)生們需要對(duì)自己未來的發(fā)展科目有所選擇、有所側(cè)重。這可謂是學(xué)生們第一次完全自己把握、風(fēng)險(xiǎn)未知的主動(dòng)選擇。®無憂考網(wǎng)高二頻道為你整理了《高二下冊(cè)物理暑假作業(yè)答案》，助你金榜題名！
【篇一】
　　1.解：A、電流表顯示的是有效值，示數(shù)為I=A=10A，故A錯(cuò)誤;

　　B、由圖象知周期為0.01s，頻率為周期的倒數(shù)100Hz，故B錯(cuò)誤;

　　C、電阻消耗的功率P=I2R=(10)2×10=1000W，故C錯(cuò)誤;

　　D、角速度ω=2πf=200π，所以瞬時(shí)值表達(dá)式i=10sin200πtA，故D正確;

　　故選：D

　　2.解：A、t=0時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，磁通量為零;此時(shí)線圈與中性面相互垂直;故A錯(cuò)誤;

　　B、t2時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，線圈平面與中性面垂直，磁通量為零.故B錯(cuò)誤.

　　C、t3時(shí)刻線圈通過中性面，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，知磁通量變化率為零，最小，故C錯(cuò)誤;

　　D、t4時(shí)刻線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，磁通量變化率.故D正確.

　　故選：D3.解：A、交流電表的示數(shù)是有效值.故A錯(cuò)誤;

　　B、B、保險(xiǎn)絲的額定電流，也是有效值，故B錯(cuò)誤;

　　C、電容器的擊穿電壓，是指的電壓值，故C正確;

　　D、220V動(dòng)力電壓是有效值，故D錯(cuò)誤;

　　故選：C.

　　4.解：A、圖示位置磁通量為Φ1=0，轉(zhuǎn)過90°磁通量為Φ2=BS，△Φ=Φ2﹣Φ1=BS.故A錯(cuò)誤.

　　B、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，△t=解得=，故B正確;

　　C、通過電阻R的電量q=It=t=n，得到q=，故C正確;

　　D、電流的有效值為I=，E=，電阻R所產(chǎn)生的焦耳熱Q=I2Rt，解得Q=，故D正確.

　　故選：BCD.

　　5.D

　　6.AD

　　解：A、閉合瞬間，L相當(dāng)于斷路，b立刻變亮，a逐漸變亮，A正確B錯(cuò)誤.

　　C、閉合開關(guān)穩(wěn)定時(shí)，a的亮度比b的大，因?yàn)楦鶕?jù)I=知通過a的電流大，C錯(cuò)誤

　　D、電鍵斷開，L相當(dāng)于電源與兩個(gè)燈泡串聯(lián)，逐漸熄滅，由于穩(wěn)定后a燈的電流大于b燈，所以電鍵斷開瞬間b燈的電流比穩(wěn)定時(shí)的電流大，b燈閃亮一下再熄滅，D正確

　　故選：AD

　　7.A變壓器的構(gòu)造和原理;正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式

　　解：由瞬時(shí)值的表達(dá)式可知，原線圈的電壓值為311V，所以原線圈電壓的有效值為U1=220V

　　根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得：U2==55V

　　則副線圈電流I2==5A

　　故選：A.

　　8.解：(1)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)值為Em=NBSω=100××0.05×100V=500V

　　由于從中性面開始計(jì)時(shí)，則瞬時(shí)值表達(dá)式為：e=Emsin(ωt)=500sin(100πt)V

　　(2)流過電阻R的電流Im==50A

　　通過電阻R的電流有效值I==25A.

　　答：(1)若線圈經(jīng)圖示位置開始計(jì)時(shí)，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值的表達(dá)式是e=500sin(100πt)V;

　　(2)通過電阻R的電流有效值是25A.

　　9.解：(1)降壓變壓器的輸出功率為：P=40×22×6=5280W

　　降壓變壓器副線圈的電流：=24A，

　　降壓變壓器原線圈的電流：=6A

　　輸電線損失的功率：

　　所以輸入功率：P1=5280+144=5424W

　　(2)降壓變壓器原線圈電壓為：=880V

　　輸電線上損失的電壓為：△U=I3R=24V

　　則發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出電壓為：U2=880+24=904V

　　所以發(fā)電機(jī)原線圈電壓：=226V

　　根據(jù)電流與匝數(shù)成反比知發(fā)電機(jī)原線圈中電流為=24A，

　　發(fā)電機(jī)內(nèi)阻分壓：Ur=24×1=24V

　　電動(dòng)勢(shì)為：E=226+24=250V.

　　(3)用戶獲得的實(shí)際功率P用=22×40×6=5280W;

　　則輸電效率η==97.3%;

　　答：(1)發(fā)電機(jī)輸出功率為5424W;(2)電動(dòng)勢(shì)為250V;(3)輸電效率為97.3%.

　　10.串聯(lián)在外電路中的交流電流表的讀數(shù)是1.4A

　　正弦式電流的圖象和三角函數(shù)表達(dá)式;正弦式電流的值和有效值、周期和頻率.

　　解：從Φ﹣t圖象可以讀出：Φm=1.0×10﹣2Wb，T=3.14×10﹣2s

　　感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)值Em=nBSω=nωΦm，又ω=，得到Em=nΦm

　　故電路中電流值

　　Im===A=2A.

　　交流電流表讀數(shù)I=0.707Im≈1.4A.

　　答：串聯(lián)在外電路中的交流電流表的讀數(shù)是1.4A.

　　11.6V12w

【篇二】

　　1.B

　　2.解：根據(jù)右手螺旋定則，環(huán)形電流可以等效為小磁針，小磁針的N極指向右，根據(jù)異性相吸，知線圈向左運(yùn)動(dòng).故A正確，B、C、D錯(cuò)誤.

　　故選A.

　　3.解：由圖乙所示可知，在0﹣1s內(nèi)，電流是正的，即從上向下看，沿順時(shí)針方向，電流大小是定值，則磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻變化，在1﹣2s內(nèi)，感應(yīng)電流為零，則磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，在2﹣4s內(nèi)，感應(yīng)電流是負(fù)的，即沿逆時(shí)針方向，電流大小不變，則磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻變化;

　　A、根據(jù)圖示圖象，由楞次定律可知，0﹣1s內(nèi)感應(yīng)電流感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向(從上向下看)，在1﹣2s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，穿過線圈的磁通量不變，感應(yīng)電流為零，在2﹣4s內(nèi)，由楞次定律可知，感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向，符合題意，故A正確;B錯(cuò)誤;

　　C、由圖示圖示可知，在1﹣2s內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度是變化的，穿過線圈的磁通量是變化的，線圈中有感應(yīng)電流，不符合題意，故C錯(cuò)誤;

　　D、根據(jù)圖示圖象，由楞次定律可知，0﹣1s內(nèi)感應(yīng)電流感應(yīng)電流逆時(shí)針方向(從上向下看)，在1﹣2s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，穿過線圈的磁通量不變，感應(yīng)電流為零，在2﹣4s內(nèi)，由楞次定律可知，感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向，不符合題意，故D錯(cuò)誤;

　　故選：A.

　　4.解：A、B、當(dāng)磁鐵靠近線圈時(shí)，穿過線圈的磁通量增加，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，線圈受到磁鐵的安培力作用，根據(jù)楞次定律可知，線圈受到的安培力斜向右下方，則線圈對(duì)桌面的壓力增大，即N大于mg.線圈相對(duì)桌面有向右運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，受到桌面向左的靜摩擦力.故A正確，B錯(cuò)誤.

　　C、當(dāng)磁鐵遠(yuǎn)離線圈時(shí)，穿過線圈的磁通量減小，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，線圈受到磁鐵的安培力作用，根據(jù)楞次定律可知，線圈受到的安培力斜向右上方，則線圈對(duì)桌面的壓力減小，即N小于mg.線圈相對(duì)桌面有向右運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，受到桌面向左的靜摩擦力.故C錯(cuò)誤，

　　D、當(dāng)磁鐵靠近線圈時(shí)，穿過線圈的磁通量增加，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流從上向下看是逆時(shí)針方向;當(dāng)磁鐵遠(yuǎn)離線圈時(shí)，穿過線圈的磁通量減小，線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流從上向下看是順時(shí)針方向，故D錯(cuò)誤.

　　故選：A.

　　5.CD楞次定律.

　　解：環(huán)中通以恒定電流I后，圓環(huán)所受安培力為BI•2πr，則在豎直方向的分力為2πrBIcosθ，

　　AC、由牛頓第二定律，可得：BI2πrcosθ﹣mg=ma，則圓環(huán)向上的加速度為a=﹣g，豎直向上，

　　在電流未撤去時(shí)，圓環(huán)將做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間t，速度會(huì)達(dá)到值，由v=at得v=﹣gt，故C項(xiàng)正確;

　　在時(shí)間t內(nèi)，上升的高度h=，則安培力對(duì)圓環(huán)做功為W=Fh=πrBIt2cosθ(﹣g)，故A錯(cuò)誤;

　　B、電流撤去后，由于慣性，圓環(huán)繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中切割磁感線而做變減速運(yùn)動(dòng)，故B項(xiàng)錯(cuò)誤;

　　D、圓環(huán)通電流時(shí)，電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，安培力分量指向圓心，有收縮的趨勢(shì)，撤去電流后，切割產(chǎn)生的感應(yīng)電流為逆時(shí)針，則安培力分量背離圓心，則有擴(kuò)張的趨勢(shì)，故D正確.

　　故選：CD.

　　6.解：A、當(dāng)條形磁鐵插入線圈的瞬間，穿過線圈的磁通量增加，產(chǎn)生感應(yīng)電流.條形磁鐵第一次緩慢插入線圈時(shí)，磁通量增加慢.條形磁鐵第二次迅速插入線圈時(shí)，磁通量增加快，但磁通量變化量相同.故A正確;

　　B、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律=

　　第二次線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大，感應(yīng)電流：I=也大，外力做的功轉(zhuǎn)化為內(nèi)能：W=Q=I2Rt=t=t=所以外力做的功與所用的時(shí)間成反比，即速度越快，外力做的功越多.故B錯(cuò)誤;

　　C、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律=

　　第二次線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大，故C錯(cuò)誤;

　　D、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，由歐姆定律分析感應(yīng)電流的大小.再由q=It可確定導(dǎo)體某橫截面的電荷量等于磁通量的變化與電阻的比值，由于磁通量變化量相同，電阻不變，所以通過導(dǎo)體橫截面的電荷量不變，故D正確;

　　故選：AD.

　　7.①(連錯(cuò)一條線則得0分)

　�、冖�.將開關(guān)閉合(或者斷開);

　�、�.將螺線管A插入(或拔出)螺線管B

　　8.(1)ab中的電流方向?yàn)閎到a(2)(3)R1=2.0Ωm=0.1kg

　　(1)由右手定則，金屬棒ab中的電流方向?yàn)閎到a(2)由能量守恒，金屬棒減小的重力勢(shì)能等于增加的動(dòng)能和電路中產(chǎn)生的焦耳熱解得：(3)設(shè)速度為v，切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)由閉合電路的歐姆定律：從b端向a端看，金屬棒受力如圖：金屬棒達(dá)到速度時(shí)滿足由以上三式得：由圖像可知：斜率為，縱截距為v0=30m/s，得到：解得：R1=2.0Ωm=0.1kg點(diǎn)評(píng)：本題考察了常見的電磁感應(yīng)類的問題，通過受力分析弄清物體運(yùn)動(dòng)過程，并結(jié)合能量守恒定律求出電阻發(fā)熱等問題。

　　9.解析：(1)向右

　　(2)傳感器正常工作時(shí)的電阻

　　工作電流

　　由于滑動(dòng)變阻器工作電流是1A，所以電路允許通過的電流為I=0.3A

　　(3)滑動(dòng)變阻器觸頭位于最左端時(shí)外電路的電阻為R外=20Ω，故電源電動(dòng)勢(shì)的值E=I(R外+r)=6.3V

　　由法拉第電磁感應(yīng)定律

　　解得t0=40s

　　10.解：設(shè)豎直板的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，小球帶電量為q

　　F桿的方向與水平方向成角